Madrid, Diciembre 2009

[Cachoperro]

[Calipso]

Buenas a todos,
Aprovechando que está todo nevado me he puesto a resolver el problema. Estos son mis resultados. A ver si alguien más se anima y comparamos:
1) KG = 0,47 m así que el centro de gravedad ha bajado 3 centímetros.
UG = +0,277 m. El centro de gravedad se ha desplazado a proa, sin duda como consecuencia de la carga de 6 toneladas de agua a 1,5 metros a proa de la cuaderna maestra.
+G = +0,0306 m. G se ha desplazado a babor.

2) GM = KM - KG = 6,47 - 0,47 = 6 m

3) tag Theta_p = 0,0306/6 --> Theta_p = 0,3º a estribor (porque el G está a estribor de crujía).

4) ¿Para qué valor de la escora?

5) GZ = KN - KG sin(Theta) - GG' cos(Theta) = 1,25 - 0,47 sin(30º) - 0,0306 cos(30º) = 0,988 m que cumple con el criterio de estabilidad de la DGMM (que establece que GZ(30º) ha de ser mayor de 0,20 m).


Por cierto, la nota del final del enunciado es, en mi opinión, completamente irrelevante y, además, incorrecta: ¿Qué quiere decir eso de que el centro de gravedad coincide con la cuaderna maestra? ¿No no da el enunciado las coordenadas iniciales de G y NO ESTÁ en la cuaderna maestra?

A ver que os da a vosotros.

Calipso.

[Tropelio]

Hola Calipso,
Pues yo supongo que en el punto 4) se referirá al brazo GZ correspondiente a la escora permanente en que queda el barco. Si es así la respuesta es naturalmente GZ = 0 pues precisamente esa es la condición de la que se obtiene la ecuación que utilizas para calcular la escora permanente.
Saludos,
Tropelio